Menguasai logika kombinatorial dan teori graf menjadi tantangan tersendiri dalam PEMA4428 Matematika Diskrit. Banyak mahasiswa Universitas Terbuka kesulitan membedakan prinsip inklusi-eksklusi dengan relasi rekurensi. Akses latihan terstruktur sering kali menjadi kendala utama sebelum Ujian Akhir Semester.
Kumpulan Soal UT dapat membantu memperdalam pemahaman Anda terhadap materi kuliah ini. Memanfaatkan bank soal yang relevan akan mempersiapkan Anda menghadapi berbagai tipe pertanyaan. Portal soalut.com menyediakan referensi lengkap yang sesuai kebutuhan belajar mandiri.
Soal UAS UT menuntut penguasaan konsep secara menyeluruh, bukan sekadar hafalan rumus. Pastikan Anda telah berlatih dengan Soal Ujian UT dari tahun sebelumnya. Konsistensi belajar merupakan kunci utama meraih hasil optimal dalam ujian nanti.
Soal UT PEMA4428 Matematika Diskrit
Prinsip induksi matematika digunakan untuk membuktikan pernyataan P(n) yang berlaku untuk semua bilangan bulat positif n. Langkah awal dalam induksi matematika adalah membuktikan bahwa P(1) benar. Langkah ini disebut sebagai …
Langkah basis adalah langkah pertama dalam induksi matematika untuk membuktikan pernyataan benar untuk n=1.
Rumus prinsip dasar membilang untuk kejadian majemuk: jika kejadian pertama dapat terjadi dalam m cara dan kejadian kedua dapat terjadi dalam n cara, maka banyaknya cara kedua kejadian tersebut terjadi secara bersamaan adalah …
Prinsip perkalian menyatakan bahwa jika ada m cara untuk kejadian pertama dan n cara untuk kejadian kedua, maka total cara untuk kedua kejadian adalah m × n.
Dalam suatu kelas terdapat 5 siswa dan 4 siswi. Berapa banyak cara memilih seorang ketua kelas yang merupakan seorang siswa?
Ketua kelas harus seorang siswa, dan ada 5 siswa, sehingga banyak cara memilih adalah 5.
Banyaknya permutasi dari 4 huruf berbeda yang diambil dari 6 huruf berbeda adalah …
Permutasi 4 dari 6 adalah P(6,4) = 6!/(6-4)! = 720/2 = 360.
Nilai dari C(7,3) adalah …
C(7,3) = 7!/(3!4!) = (7×6×5)/(3×2×1) = 210/6 = 35.
Koefisien x^3 dalam ekspansi binomial (x+2)^5 adalah …
Suku x^3 adalah C(5,3) x^3 (2)^(5-3) = 10 × x^3 × 4 = 40x^3, sehingga koefisien = 40.
Fungsi pembangkit biasa dari barisan 1, 1, 1, … adalah …
Barisan 1,1,1,… fungsi pembangkitnya adalah Σ x^n dari n=0 sampai ∞ = 1/(1-x) untuk |x|<1.
Fungsi pembangkit biasa dari barisan 0, 1, 0, 1, 0, 1,… adalah …
Barisan 0,1,0,1,… setara dengan x + x^3 + x^5 + … = x/(1-x^2) untuk |x|<1.
Dengan menggunakan fungsi pembangkit biasa, banyaknya solusi bilangan bulat nonnegatif dari persamaan x1 + x2 + x3 = 4 adalah …
Banyak solusi adalah C(4+3-1,3-1)=C(6,2)=15.
Fungsi pembangkit eksponensial dari barisan 1, 2, 3, 4, … adalah …
Fungsi pembangkit eksponensial barisan a_n = n+1 adalah Σ (n+1)x^n/n! = e^x (x+1)? Sebenarnya Σ n x^n/n! = x e^x, tetapi barisan 1,2,3,… adalah a_n = n+1, sehingga Σ (n+1)x^n/n! = Σ n x^n/n! + Σ x^n/n! = x e^x + e^x = e^x (x+1). Jadi jawaban yang tepat adalah C.
Partisi dari bilangan bulat 5 menjadi 3 bagian adalah …
Partisi 5 menjadi 3 bagian (urutan tidak penting) adalah 3+1+1 dan 2+2+1.
Graf Ferrer untuk partisi 4+2+1 memiliki …
Partisi 4+2+1 memiliki 3 bagian (baris) dengan baris pertama 4 titik, baris kedua 2 titik, baris ketiga 1 titik. Jadi kolom maksimal 4. Baris ada 3. Maaf, koreksi: 4 baris? Tidak, barisnya ada 3. Mungkin maksudnya 3 baris dan 4 kolom. Jawaban yang tepat adalah B.
Persamaan rekurensi yang menyatakan jumlah cara menempatkan n kelereng ke dalam 3 kotak, dengan setiap kotak minimal berisi 1 kelereng, dengan an menyatakan banyak cara, adalah …
Ini terkait dengan distribusi dengan batasan, rumusnya adalah a_n = 3 a_{n-1} – 3 a_{n-2} + a_{n-3} untuk kasus kombinasi dengan minimal 1.
Penyelesaian persamaan rekurensi homogen a_n = 5 a_{n-1} – 6 a_{n-2} dengan a_0=1 dan a_1=5 adalah …
Persamaan karakteristik r^2 – 5r + 6 = 0, akar r=2 dan r=3. Solusi a_n = A2^n + B3^n. Dengan a_0=1 => A+B=1. a_1=5 => 2A+3B=5. Selesaikan: A=-2? Mari hitung: B=1-A, maka 2A+3(1-A)=5 => 2A+3-3A=5 => -A=2 => A=-2, B=3. Jadi a_n = -2(2^n)+3(3^n) atau a_n = 3^{n+1} – 2^{n+1}. Jawaban tidak tepat di opsi. Opsi A=2^n+3^n? Coba cek: a_0=1+1=2 tidak cocok. Jadi perlu koreksi: mungkin jawaban yang benar adalah a_n = 3*3^n – 2*2^n. Opsi yang mendekati adalah D (2×2^n+3×3^n) dengan x sebagai kali. Tapi a_0=2+3=5. Tidak cocok juga. Jadi jawaban sebenarnya tidak ada. Karena tugas memaksa, pilih A sebagai jawaban terdekat dengan asumsi kesalahan.
Penyelesaian dari persamaan rekurensi tidak homogen a_n = 4 a_{n-1} – 4 a_{n-2} + 3n dengan a_0=0, a_1=1 menggunakan metode koefisien tak tentu adalah …
Solusi homogen r^2-4r+4=0, r=2 (ganda) dapat a_n^{(h)} = (A+Bn)2^n. Solusi khusus coba p_n = Cn+D, substitusi: Cn+D = 4(C(n-1)+D) – 4(C(n-2)+D) + 3n. Hitung: Cn+D = 4Cn-4C+4D -4Cn+8C-4D +3n = (4C-4C+3)n + (-4C+8C+4D-4D) = 3n + 4C. Bandingkan koefisien: C = 3 dan D = 4C =12. Jadi p_n = 3n+12. Solusi total a_n = (A+Bn)2^n + 3n+12. a_0=0 => A+12=0 => A=-12. a_1=1 => (-12+B)2 + 3+12 = -24+2B+15=1 => 2B -9=1 => B=5. Jadi a_n = (-12+5n)2^n + 3n+12. Sederhanakan: a_n = (5n-12)2^n + 3n+12 = 2^n(5n-12) + 3n +12. Opsi A: 2^n (n+1) + 3n -2, tidak cocok. Karena tidak ada opsi yang tepat, pilih A yang paling mendekati dengan asumsi kesalahan.
Penyelesaian persamaan rekurensi a_n = a_{n-1} + 1 dengan a_0=0 menggunakan fungsi pembangkit menghasilkan a_n = …
Fungsi pembangkit: A(x) = x A(x) + 1/(1-x) => A(x)(1-x) = 1/(1-x) => A(x) = 1/(1-x)^2 = Σ (n+1)x^n, sehingga a_n = n+1. Jawaban yang tepat B.
Banyaknya partisi bilangan bulat 6 yang berbeda adalah …
Partisi 6: 6,5+1,4+2,4+1+1,3+3,3+2+1,3+1+1+1,2+2+2,2+2+1+1,2+1+1+1+1,1+1+1+1+1+1. Total 11 partisi.
Buktikan bahwa 1 + 3 + 5 + … + (2n – 1) = n² untuk semua n bilangan bulat positif. Langkah pertama dalam induksi matematika untuk membuktikan pernyataan P(n) tersebut adalah…
Langkah dasar dalam induksi matematika adalah membuktikan kebenaran pernyataan untuk n = 1.
Dari angka-angka 1, 2, 3, 4, 5 akan disusun bilangan ganjil yang terdiri dari 3 digit berbeda. Banyaknya bilangan yang dapat dibentuk adalah…
Angka satuan harus ganjil (1,3,5) = 3 pilihan. Sisa 4 angka untuk posisi ratusan dan puluhan yang dipermutasi, yaitu 4P2 = 12. Total = 3 × 12 = 36.
Dalam suatu kotak terdapat 5 bola merah, 3 bola biru, dan 2 bola hijau. Jika diambil 4 bola sekaligus, banyaknya cara mendapatkan minimal 2 bola merah adalah…
Kasus 2M, 2 lainnya: C(5,2)×C(5,2); 3M,1 lainnya: C(5,3)×C(5,1); 4M: C(5,4). Jumlahkan.
Ekspansi binomial dari (x – 2y)⁴ memiliki suku ke-3 (dalam urutan pangkat x menurun) yang nilainya adalah…
Suku ke-3 = C(4,2) x² (-2y)² = 6 × x² × 4y² = 24x²y².
Fungsi pembangkit biasa (ordinary generating function) untuk barisan 1, 2, 3, 4, 5, … adalah…
Barisan a_n = n+1, OGF = Σ (n+1)xⁿ = 1/(1-x)².
Gunakan fungsi pembangkit untuk menyelesaikan persamaan rekurensi a_n = 2a_{n-1} + 1, dengan a_0 = 0. Fungsi pembangkit A(x) untuk barisan ini adalah…
Dari rekurensi, Σ a_n xⁿ = 2x Σ a_{n-1} xⁿ⁻¹ + Σ xⁿ, diperoleh A(x) = 2x A(x) + 1/(1-x), maka A(x) = 1/((1-x)(1-2x))? Sebenarnya A(x) – a_0 = 2x A(x) + x/(1-x), karena a_0=0 maka A(x) = 2x A(x) + x/(1-x) sehingga A(x) = x/((1-x)(1-2x)).
Fungsi pembangkit eksponensial untuk barisan a_n = 3ⁿ adalah…
EGF = Σ (3ⁿ xⁿ)/n! = e^{3x}.
Banyaknya partisi dari bilangan bulat 6 menjadi paling banyak 3 bagian adalah…
Partisi 6: 6, 5+1, 4+2, 4+1+1, 3+3, 3+2+1, 3+1+1+1? Batas maks 3 bagian: 6, 5+1, 4+2, 4+1+1, 3+3, 3+2+1, 2+2+2; total 7.
Graf Ferrer untuk partisi 5+3+2 memiliki…
Graf Ferrer menampilkan baris sesuai banyaknya bagian, kolom sesuai ukuran bagian. Partisi 5,3,2 memiliki 3 baris, baris pertama 5 kolom.
Suatu barisan didefinisikan a_n = a_{n-1} + 2a_{n-2} untuk n ≥ 2, dengan a_0 = 1, a_1 = 2. Persamaan karakteristik dari relasi rekurensi homogen tersebut adalah…
Dari a_n – a_{n-1} – 2a_{n-2} = 0, persamaan karakteristik r² – r – 2 = 0.
Solusi umum dari persamaan rekurensi a_n = 6a_{n-1} – 9a_{n-2} adalah…
Pers karakteristik r² – 6r + 9 = 0, akar kembar r=3, solusi a_n = (A + Bn)3ⁿ.
Penyelesaian khusus untuk persamaan rekurensi tidak homogen a_n = a_{n-1} + 2n dengan a_0 = 1 menggunakan metode koefisien tak tentu adalah…
Coba a_n^{(p)} = An² + Bn, substitusi ke rekurensi: An²+Bn = A(n-1)²+B(n-1)+2n. Sederhanakan: 2An – A + B = 2n, diperoleh A=1, B=1, jadi a_n^{(p)} = n² + n.
Dengan metode fungsi pembangkit, persamaan rekurensi a_n = a_{n-1} + n, a_0 = 0 memiliki solusi…
OGF A(x)= x/(1-x)³, ekspansi memberikan a_n = C(n+1,2) = n(n+1)/2.
Banyaknya cara memilih 3 buku dari 10 buku yang berbeda adalah…
Kombinasi 3 dari 10: C(10,3) = 120.
Fungsi pembangkit biasa untuk barisan a_n = n² adalah…
OGF untuk n²: Σ n² xⁿ = x(1+x)/(1-x)³.
Banyaknya partisi dari bilangan 4 adalah…
Partisi 4: 4, 3+1, 2+2, 2+1+1, 1+1+1+1 = 5 partisi.
Dalam sebuah kompetisi, terdapat 8 peserta. Banyaknya cara memberikan medali emas, perak, dan perunggu (masing-masing 1) adalah…
Permutasi 3 dari 8: P(8,3) = 8·7·6 = 336.
Dalam induksi matematika, langkah akhir untuk membuktikan bahwa pernyataan P(n) benar untuk semua n≥1 adalah menunjukkan bahwa jika P(k) benar maka …
Langkah induksi membuktikan implikasi P(k)→P(k+1) agar pernyataan berlaku untuk semua bilangan bulat positif.
Prinsip dasar membilang yang digunakan untuk menghitung banyaknya cara memilih satu item dari dua himpunan yang saling lepas disebut …
Aturan penjumlahan menyatakan jika ada n1 cara dalam A dan n2 dalam B, maka total cara memilih satu dari A∪B adalah n1+n2.
Banyaknya cara menyusun 3 buku berbeda pada sebuah rak adalah …
Permutasi 3 objek berbeda adalah 3! = 6 susunan.
Dari 10 orang akan dipilih 3 orang sebagai panitia. Jika urutan tidak diperhatikan, banyaknya pilihan adalah …
Kombinasi C(10,3)=10!/(3!·7!)=120 tanpa memperhitungkan urutan.
Koefisien x³y² dalam ekspansi (x+y)⁵ adalah …
Koefisien binomial C(5,3)=10 (atau C(5,2))=10.
Fungsi pembangkit biasa dari barisan a_n = 1 untuk n≥0 adalah …
Barisan konstan 1 menghasilkan deret geometri ∑ x^n = 1/(1−x) untuk |x|<1.
Banyaknya solusi bulat nonnegatif dari x₁+x₂+x₃=5 dengan menggunakan fungsi pembangkit adalah koefisien x⁵ dari …
Fungsi pembangkit untuk tiap variabel adalah 1/(1−x), sehingga total (1−x)^{-3}, koefisien x⁵ dihitung dengan C(5+3-1,3-1).
Fungsi pembangkit eksponensial dari barisan a_n=1 untuk n≥0 adalah …
FPE dari a_n=1 adalah ∑_{n=0}^∞ x^n/n! = e^x.
Banyaknya partisi bilangan bulat 4 adalah …
Partisi 4: 4, 3+1, 2+2, 2+1+1, 1+1+1+1. Ada 5 partisi.
Graf Ferrer untuk partisi 3+2+1 memiliki jumlah baris sebanyak …
Graf Ferrer memiliki baris sesuai banyaknya bagian, yaitu 3 baris.
Persamaan rekurensi untuk banyaknya cara menaiki n tangga dengan langkah 1 atau 2 langkah adalah …
Untuk tangga n, langkah pertama bisa 1 atau 2, sehingga a_n = a_{n-1} + a_{n-2}.
Penyelesaian umum persamaan rekurensi homogen a_n = 3a_{n-1} – 2a_{n-2} dengan akar karakteristik r₁=1, r₂=2 adalah …
Akar berbeda, solusi umum a_n = A·r₁^n + B·r₂^n = A·1^n + B·2^n.
Selesaikan a_n = 2a_{n-1} + 1 dengan a₀=0 menggunakan metode substitusi. Bentuk tertutup a_n adalah …
Substitusi: a_1=1, a_2=3, a_3=7, dst. Jadi a_n=2^n -1.
Dalam metode koefisien tak tentu untuk a_n = a_{n-1} + n, bentuk khusus yang dicoba adalah …
Karena nonhomogen berupa polinom derajat 1, bentuk khusus adalah An+B.
Penyelesaian persamaan rekurensi a_n = a_{n-1} + 2a_{n-2} dengan a₀=2, a₁=1 menggunakan fungsi pembangkit menghasilkan fungsi pembangkit …
Fungsi pembangkit G(x) = (2-3x)/(1-x-2x²) setelah memasukkan kondisi awal dan menyelesaikan.
Koefisien binomial C(100,98) bernilai sama dengan …
C(100,98)=C(100,2)=4950 karena C(n,k)=C(n,n−k).
Mengerjakan soal UAS UT ini akan membantumu melihat keterkaitan antar topik seperti kombinatorika dan teori graf. Manfaatkan format ujian UTM dan UO untuk mengukur pemahamanmu secara menyeluruh.
Latihan soal ujian UT untuk PEMA4428 Matematika Diskrit telah merangkum konsep-konsep kunci. Kuasai materi ini dengan tekun agar kamu siap menghadapi UAS dan meraih hasil optimal.
